Asosiy qism
Yüklə 71,86 Kb.
|
- Bu səhifədəki naviqasiya:
- Shturm teoremasi
- Taqqoslash teoremasi
|
Ta'rif. Agar differensial tenglamaning yechimi berilgan oraliqda bittadan ortiq nolga ega bo'lmasa, bunday yechimga tebranmas yechim deyiladi.
Agar bu yechim yetarli katta oraliqda 2 tadan ortiq nolga ega bo'lsa, bunday yechimga tebranuvchi yechim deyiladi. Ma'lumki har qanday ikkinchi tartibli bir jinsli chiziqli differensial tenglamani. y” + p( x) y' + p2( x) y = 0 ni y" + p( x) y = 0 ko'rinishga keltirish mumkin. (3) Teoremal. Agar (a,b) oralig'ining barcha nuqtalarida p(x) < 0bo'lsa u, xolda (3) tenglamaning xamma yechimlari bu oraliqda tebranmas bo'ladi. Isbot.Aksincha faraz etaylik, (3) tenglamaning ixtiyoriy y1(x) yechimi ikkita nolga ega bo'lsin.Bu nollarni x0, x1 bilan belgilaymiz. Masalaning aniqligi uchun x0 < x1 va (x0; x1) oraliqda y1(x) yechim boshqa nolga ega bo'lmasin. U xolda uzluksiz y1(x) funksiya bu oraliqda o'z ishorasini o'zgartirmaydi. Hamma vaqt bu oraliqda o'z ishorasini o'zgartirmaydi. Xamma vaqt bu oraliqda y1(x)>0 deb olish mumkin (aks xolda -y1(x)yechimni olar edik). U xolda y1'(x)>0 chunki x0 ningo'ng tomonida yj(x) o'suvchi funksiya bo'lib, yi(x0) Ф 0 aks xolda yi(x) = 0 bo'lar edi (3) tenglamadan. y = -p(x)y yi = -p(x)yi > 0 ya'niikkinchihosila (x0,x1) oraliqdamusbatbo'lganiuchun, y'1(x) buoraliqdakamayuvchidir ya'ni yi(x) yiC^ (xo < x xi) U xolda chekli ortirma haqidagi teoremaga asosan yi(xi) - Ji(xo) = y'i(^)(xi - x0) Butenglikningchaptomoninolgatengbo'lib, o'ngtomoniesanoldanfarqlibuningbo'lishimumkinemas. Buqarama -qarshilikko'rsatidikim J1( x) yechimkurilayotganoraliqdatebranmasyechimdir. Shturm teoremasi Ma'lumki y” + a2 y = 0 tenglama 2 ta chiziqli bog'lik bo'lmagan У1 = cos ax У2 = sin a A yechimlarga ega bo'lib, bu yechimlardan birini ketma-ket ikkita nollari orasida ikkinchi yechimning faqat bitta noli yotadi. Bundayxossaga, harqandayikkinchitartiblibirjinslichiziqlidifferensialtenglamaningchiziqlibog'liqbo'lmaganikkitat ebranuvchiyechimlargaegabo'ladi. Shturmteoremasi.Ikkinchitartiblibirjinsli y"+p( x) У = 0 (3) differensial tenglamaning ikkita chiziqli bog'lik bo'lmagan tebranuvchi yechimlarining nollari bir-birini o'zora ajratadi. Isbot. Faraz etaylik y1(x)va y2(x) (3) tenglamaning ikkita chiziqli bog'lik bo'lmagan tebranuvchi yechimlari bo'lsin va y1(x) yechimning ikkita ketma- ket noli x0 va x1bo'lib, [^o, Xi] oraliqda y1(x)boshqa nolga ega bo'lmasin. Ya'ni ji(x) Ф 0 xo < x < xi Isbot etamizkim (x0,xi) oraliqda faqat bitta x x nuqta mavjudkim, bu nuqtada y2(x) = 0 bo'ladi. Teskarisincha faraz etaylik x0 < x < xi oraliqdagi nuqta uchun У2(х) * 0bo'lsin. Masalanning aniqligi uchun (x0,x1) da y2(x)>0 bo'lsin. [xftxj oraliq oxirida y2(x) nolga teng bo'lmaydi, ya'ni Ji(x0) 0 y2(x0) * 0 aks, xolda Vronskian W(x)= yi(x)y'2(x)-y'i(x)y2(x) (4) x0 va x1nuqtada nolga teng bo'lar edi. Buning bo'lishi mumkin emas, chunki y1(x)vay2(x) lar chiziqli boglik emas. Demak Vronskiy determinanti bu oraliqda o'z ishorasini o'zgartirmaydi. Shuning uchun W(x)>0 deb olish mumkin [x0,x1] da. (4) ning xar ikkala tomonini y22(x) ga bo'lamiz. УьУ'2 -У! У2 _ W(x) _( yi = W(x) 2 2 v I 2 У2 У2 < y2 J У2 y2>0 bo'lgani uchun, bu tenglikning o'ng tomoni xni uzluksiz funksiyasi bo'ladi.Keyingi tenglikni xar ikkala tomonini x0 dan x1 oraliqda integrallaymiz:
Bu keyingi tenglikning chap tomoni nolga teng bo'lib, o'ng tomoni esa musbatdir. Bu qarama-qarshilik ko'rsatadikim, shunday x nuqta (x0< x <x1) mavjudkim bu nuqtada y2( x )=0 .Bunday nuqta yagonadir aksincha faraz etaylik y2(x) ikkita xq,x nolga ega bo'lsin bunda x0 < x0 < xi < xi. y1 bilan y2o'rinlarini almashtirsak, xo bilan xi oraliqda y1(x) ning bitta noli bo'lar edi.Bu esa y1(x) ikkita ketma-ket x0,x1 nolga ega degan shartga karama karshidir. Shturm teoremasiga misol kilib, y''+y=0 tenglamani olish mumkin. Bu tenglamaning ikkita y1=cosx ,y2=sinx chiziqli boglik bo'lmagan yechimlarinining nollari almashinib keladi. Taqqoslash teoremasi y"+P1(x)y = 0 (1) z''+P2( x) z = 0 (2) tenglamalari berilgan bo'lsin. Bunda p1(x) va p2(x) funksiyalar (a,b) oraliqda uzluksiz va bu oraliqda P1(x) P2(x) sharti bajarilsin.U xolda birinchi tenglamaning ixtiyoriy y(x) yechimining ikkita ketma-ket x0,x1 nollari orasida, ikkinchi tenglamaning ixtiyoriy z(x) yechimining xech bo'lmaganda bitta noli yetadi. Isbot. Faraz etaylik x0vax1 yechimning ikkita ketma-ket noli bo'lsin. Isbot etamizkim, shunday x*nuqta mavjudkim, uning uchun (x0 U xolda y(x), x0 ning o'ng tomonida o'suvchi va x1 ning chap tomonida kamayuvchi bo'ladi. Demak У'(x0) > 0 y'(xi) < 0 y(x) va z(x) yechimlarni (1) va (2) tenglamaga olib borib qo'ysak y''+Pi( x) y = 0 z''+P2( x) z = 0 Bularning birinchisini z(x) ga, ikkinchisini y(x) ga ko'paytirib, birinchisidan ikkinchisini hadlab ayirsak y''z - yz'' = (P2(x) - Pi(x))yz ёки (y z - yz')' = (P2(x) - P1(x))yz Bu keyingi tenglikni x0 dan x1 oralig'ida integrallasak (y'z - yz')|xio =J (P2(x) - P1(x))yzdx (4) x0 ga ega bo'lamiz. Lekin y'(xp) > 0, y'(xi) < 0, z'(xp) > 0, z'(xi) > 0, bo'lgani uchun (4)ning chap tomini manfiy bo'lib, o'ng tomoni esa musbatdir. Bu qarama qarshilik ko'rsatadikim, (x0,x1) oraliqda shunday x* nuqta topiladikim, bu nuqtada z(x*) = 0. Shuning bilan birga quyidagi teoremani isbot etdik. Agar x0 (1) va (2) tenglamaning y(x) va z(x) yechimlarining umumiy noli bo'lib, x0 dan keyingi y(x) yechimning x1 noli orasida P\(x) < p2(x) shartini qanoatlantiruvchi nuqtalar mavjud bo'lsa, bundan tashqari p2(x)-p1(x) manfiy bo'lmasa u holda z(x) yechimning x0 dan keyingi noli x1 ning chap tomonida yotadi. Natija. Faraz etaylik y"+p(x)y=0 tenglama berilgan bo'lsin.bundap(x)>0 bo'lib, p(x) e C(a,b) da
U xolda trivial bo'lmagan tenglamaning ixtiyoriy y(x) Ф 0 yechimining ikkita ketma-ket nollari orasidagi masofa p tengsizlikni kanoatlantiradi. Buning isboti uchun z ”+mz = 0 y+p( x) y = 0 m < p( x) л P < i— ym yi = cos4mx, y2 = sin 4mx s\npmx = 0 4mx = лк 'y"+p( x) y = 0 < z'' +Mz = 0 M > p(x) y2 = sin4Mx sin x = 0 4Mx = лк Teorema 1 ni taqqoslash teoremasidan foydalanib isbotlash mumkin. Natija 1.Agar y''+p(x)y=0 tenglamada p(x)< 0 bo'lsa, u xolda uning hamma yechimlari tebranmasdir. Isbot. (1), (2) tenglamada p1(x)=p(x), p2(x)=0 deb olamiz. Teskarisincha faraz etamiz (1) tenglamaning ixtiyoriy y(x) yechimi ikkita ketma-ket x0,x1 nollarga ega bo'lsin. U xolda [x0,x1] oraliqda z''(x)=0 tenglamaning ixtiyoriy yechimi nolga aylanishi zarur. Buning bo'lishi mumkin emas.Masalan z (x) = 1 yechim uchun. Shturm teoremasini xam taqqoslash teoremasidan foydalanib isbotlash mumkin. Natija 2.y''+p(x)y=0 tenglamaning chiziqli bog'lik bo'lmagan tebranuvchi yechimlarining nollari navbatlashib keladi. Boshqacha aytganda y1(x) yechimning ixtiyoriy ikkita ketma-ket noli orasida y2(x) yechimning bitta noli yotadi. Isbot.y1(x),y2(x) tenglamaning chiziqli bog'lik bo'lmagan yechimlari bo'lsin. Ular umumiy nolga ega bo'lishi mumkin emas, chunki y1(x0)=y2(x0)=0 bo'lganda edi, bularning Vronskiy determinanti x0nuqtada nolga teng bo'lar edi. Buning bo'lishi mumkin emas chunki y1(x)va y2(x) chiziqli bog'lik emas. Faraz etaylik x1,x2, y1(x) ning qo'shni nollari bo'lsin. Taqqoslash uchun (1), (2) tenglamada p1(x)=p2(x)=p(x) deb olamiz. Taqqoslash teoremasiga asosan y1(x) yechimning x1vax2 nollari orasida y2(x) yechimning x3 noli yotadi. Agar y2(x) yechim yana bitta x4 e (x—X2) nolga ega bo'lsa edi, isbotlaganimizga asosan y1(x) yechim x3 va x4 nollar orasida nolga ega bo'lar edi. Buning bo'lishi mumkin emas chunki x1,x2qo'shni nollar. Misol. x2y"+xy'+(x2 - n2)y = 0 Bessel tenglamasini 0 < x < oraliqda qaraymiz. y = ~^= yx almashtirishyordamidauni Г ._— A 4 x 2 ) z "+ n2 —- (6) ko'rinishgakeltiramiz. 2 1 2 1 Bundazoldidagikoeffisiyentn < — bo'lgandabirdankatta , n >— bo'lgandabirdankichikbo'ladi. 44 (6) tenglamani y''+y=0 tenglama bilan taqqoslab, Bessel funksiyasining ketma-ket nollari orasidagi masofa p, - — < n < — da n dan kichik (p< n) va n > — ва n < -—' da n dan katta bo'ladi (p>n) 2 2 2 2 n = ±— da Bessel funksiyasining ketma-ket nollari orasidagi masofa p= n ga teng bo'ladi. 2 Yüklə 71,86 Kb. Dostları ilə paylaş:
|