Reja: Aniqmasliklarni ochish. Lopital qoidalari 2



Yüklə 0,58 Mb.
səhifə4/5
tarix26.06.2022
ölçüsü0,58 Mb.
#62355
1   2   3   4   5
Pn(x0)=f(x0), Pn`(x0)=f`(x0), Pn``(x0)=f``(x0), ..., Pn(n)(x0)=f(n)(x0) (3.4)
shartlardan foydalanamiz. Avval Pn(x) ko`phadning hosilalarini topamiz:
Pn`(x)=b1+2b2(x-x0)+3b3(x-x0)2+ ... +nbn(x-x0)n-1,
Pn``(x)=2×1b2+3×2b3(x-x0)+ ... +n×(n-1)bn(x-x0)n-2,
Pn```(x)=3×2×1b3+ ... +n×(n-1)×(n-2)bn(x-x0)n-3,
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . ,
Pn(n)(x)=n×(n-1)×(n-2)×...×2×1bn.
Yuqorida olingan tengliklar va (3.3) tenglikning har ikkala tomoniga x o`rniga x0 ni qo`yib barcha b0, b1, b2, ..., bn koeffitsientlar qiymatlarini topamiz:
Pn(x0)=f(x0)=b0,
Pn`(x0)=f`(x0)=b1,
Pn``(x0)=f``(x0)=2×1b2=2!b2,
. . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . . .
Pn(n)(x0)=f(n)(x0)=n×(n-1)×...×2×1bn=n!bn
Bulardan b0=f(x0), b1=f`(x0), b2= f``(x0), . . ., bn= f(n)(x0) hosil qilamiz. Topilgan natijalarni (3.3) qo`yamiz va
Pn(x)= f(x0)+ f`(x0)(x-x0)+ f``(x0)(x-x0)2+ ... + f(n)(x0)(x-x0)n, (3.5)
ko`rinishda ko`phadni hosil qilamiz. Bu ko`phad Teylor ko`phadi deb ataladi.
Teylor ko`phadi (3.2) shartni qanoatlantirishini isbotlaymiz. Funksiya va Teylor ko`phadi ayirmasini Rn(x) orqali belgilaymiz: Rn(x)=f(x)-Pn(x). (3.4) shartlardan Rn(x0)=Rn`(x0)=...= Rn(n)(x0)=0 bo`lishi kelib chiqadi.
Endi Rn(x)=o((x-x0)n), ya`ni =0 ekanligini ko`rsatamiz. Agar x®x0 bo`lsa, ifodaning 0/0 tipidagi aniqmaslik ekanligini ko`rish qiyin emas. Unga Lopital qoidasini n marta tatbiq qilamiz. U holda
= =…= =
= = =0, demak x®x0 da Rn(x)=o((x-x0)n) o`rinli ekan.
Shunday qilib, quyidagi teorema isbotlandi:
Teorema. Agar y=f(x) funksiya x0 nuqtaning biror atrofida n marta differensiallanuvchi bo`lsa, u holda x®x0 da quyidagi formula
f(x)= f(x0)+ f`(x0)(x-x0)+ f``(x0)(x-x0)2+ ... + f(n)(x0)(x-x0)n+o((x-x0)n) (3.6)
o`rinli bo`ladi, bu yerda Rn(x)=o((x-x0)n) Peano ko`rinishidagi qoldiq had.
Agar (3.6) formulada x0=0 deb olsak, Teylor formulasining xususiy holi hosil bo`ladi:
f(x)=f(0)+ f`(0)x+ f``(0)x2+ ... + f(n)(0)xn+o(xn). (3.7)
Bu formula Makloren formulasi deb ataladi.
Teylor formulasining Lagranj ko`rinishdagi qoldiq hadi. Teylor formulasi Rn(x) qoldiq hadi yozilishining turli ko`rinishlari mavjud. Biz uning Lagranj ko`rinishi bilan tanishamiz.
Qaralayotgan f(x) funksiya x0 nuqta atrofida n+1 –tartibli hosilaga ega bo`lsin deb talab qilamiz va yangi g(x)=(x-x0)n+1 funksiyani kiritamiz. Ravshanki,
g(x0)=g`(x0)=...= g(n)(x0)=0; g(n+1)(x0)=(n+1)!¹0.
Ushbu Rn(x)=f(x)-Pn(x) va g(x)=(x-x0)n+1 funksiyalarga Koshi teoremasini tatbiq qilamiz. Bunda Rn(x0)= Rn`(x0)=...= Rn(n)(x0)=0 e`tiborga olib, quyidagini topamiz:



,
bu yerda c1Î(x0;x); c2Î(x0;c1); ... ; cnÎ(x0;cn-1); xÎ(x0;cn)Ì (x0;x).
Shunday qilib, biz ekanligini ko`rsatdik, bu yerda xÎ(x0;x). Endi g(x)=(x-x0)n+1, g(n+1)(x)=(n+1)!, Rn(n+1)(x)=f(n+1)(x) ekanligini e`tiborga olsak quyidagi formulaga ega bo`lamiz:
Rn(x)= , xÎ(x0;x). (3.8)
Bu (3.8) formulani Teylor formulasining Lagranj ko`rinishidagi qoldiq hadi deb ataladi.
Lagranj ko`rinishdagi qoldiq hadni
Rn(x)= (3.9)
ko`rinishda ham yozish mumkin, bu yerda q birdan kichik bo`lgan musbat son, ya`ni 0<q<1.
Shunday qilib, f(x) funksiyaning Lagranj ko`rinishidagi qoldiq hadli Teylor formulasi kuyidagi shaklda yoziladi:
f(x)=f(x0) + f`(x0)(x-x0) + f``(x0)(x-x0)2 + ...
+ f(n)(x0)(x-x0)n + , bu yerda xÎ(x0;x).
Agar x0=0 bo`lsa, u holda x=x0+q(x-x0)=qx, bu yerda 0<q<1, bo`lishi ravshan, shu sababli Lagranj ko`rinishidagi qoldiq hadli Makloren formulasi
f(x)=f(0)+ f`(0)x+ f``(0)x2+ ... + f(n)(0)xn+ (3.10)
shaklida yoziladi.
Teylor formulasining Koshi ko`rinishidagi qoldiq hadi. Teylor formulasi qoldiq hadining boshqa ko`rinishlariga misol tariqasida Koshi ko`rinishidagi qoldiq hadni keltirish mumkin. Buning uchun

yordamchi funksiyani tuzib olamiz va [x0;x] segmentda uzluksiz, (x0;x) intervalda esa noldan farqli chekli hosilaga ega bo`lgan biror y(t) funksiyani olib, bu funksiyalarga Koshi teoremasini qo`llasak,
(3.11)
ko`rinishdagi qoldiq hadni chiqarish mumkin.
Agar (3.11) formulada y(t) funksiya sifatida y(t)=x-t funksiya olinsa, natijada Koshi shaklidagi qoldiq hadni hosil qilamiz:



3. Ba`zi bir elementar funksiyalar uchun Makloren formulasi
ex funksiya uchun Makloren formulasi. f(x)=ex funksiyaning (-¥;+¥) oraliqda barcha tartibli hosilalari mavjud: f(k)(x)=ex, k=1, 2, ..., n+1. Bundan x=0 da f(k)(0)=1, k=1, 2, ..., n; f(n+1)(qx)=eqx va f(0)=1 hosil bo`ladi. Olingan natijalarni (3.10) formulaga qo`yib
(4.1)
bu yerda 0<q<1, formulaga ega bo`lamiz.
1-rasmda funksiya va P3(x) ko`phad funksiyaning grafiklari keltirilgan.
Agar x=1 bo`lsa,
(4.2)
formulaga ega bo`lamiz. Bu formula yordamida e sonining irratsionalligini isbot qilish mumkin.



1-rasm
Haqiqatan ham, faraz qilaylik, - ratsional son bo`lsin. Bunda e>1 bo`lganligi uchun p>q bo`ladi. (4.2) da desak,

Bu tenglikning ikkala tomonini n! ga ko`paytirsak quyidagi tenglikni hosil qilamiz:


(4.3)
Bu yerda n sonni r dan katta deb olishimiz mumkin. U holda q<1, p>q bo`lganligi uchun
(4.4)
bo`ladi. Shuningdek, n>p>q bo`lganligi uchun n! -butun son, chunki n! da q ga teng bo`lgan ko`paytuvchi uchraydi.

Ravshanki,



ko`rinishdagi yig`indi ham butun son bo`ladi. Demak, n>p uchun (4.3) tenglikning chap tomoni musbat butun son, o`ng tomoni esa (4.4) ga ko`ra birdan kichik musbat son bo`ladi. Bu kelib chiqqan ziddiyat e sonining ratsional son deb faraz qilishimizning noto`g`ri ekanligini ko`rsatadi. Shuning uchun e – irratsional son bo`ladi.
Sinus funksiya uchun Makloren formulasi. f(x)=sinx funksiyaning istalgan tartibli hosilasi mavjud va n-tartibli hosila uchun quyidagi formula o`rinli edi (I.8-§): . x=0 da f(0)=0 va

Shuning uchun (3.10) formulaga ko`ra
(4.5) ko`rinishdagi yoyilmaga ega bo`lamiz.

2-rasm
2-rasmda f(x)=sinx, P3(x), P5(x) funksiyalarning grafiklari keltirilgan.


Kosinus funksiya uchun Makloren formulasi. Ma`lumki, f(x)=cosx funksiyaning n-tartibli hosilasi uchun formulaga egamiz.
x=0 da f(0)=1 va
Demak, cosx funksiya uchun quyidagi formula o`rinli:
(4.6)

3-rasm
3-rasmda f(x)=cosx, P2(x), P4(x) funksiyalarning grafiklari keltirilgan.


f(x)=(1+x)m (mÎR) funksiya uchun Makloren formulasi. Bu funksiya (-1;1) intervalda aniqlangan va cheksiz marta differensiallanuvchi. Uni Makloren formulasiga yoyish uchun f(x)=(1+x)m funksiyadan ketma-ket hosilalar olamiz:
,
,
. (4.7)
Ravshanki, f(0)=1, f(n)(0)=m(m-1)...(m-n+1). Shuning uchun f(x)=(1+x)m funksiyaning Makloren formulasi quyidagicha yoziladi:
(4.8)
0f(x)=ln(1+x) funksiya uchun Makloren formulasi. Bu funksiyaning (-1;¥) intervalda aniqlangan va istalgan tartibli hosilasi mavjud. Haqiqatan ham, funksiyasiga (4.7) formulani qo`llab, unda m=-1 deb n ni n-1 bilan almashtirsak, formulani hosil qilamiz. Ravshanki, f(0)=0, f(n)(0)=(-1)n-1(n-1)! Shuni e`tiborga olib, berilgan funksiyaning Makloren formulasini yozamiz:
(4.9)
Yuqorida keltirilgan asosiy elementar funksiyalarning Makloren formulalari boshqa funksiyalarni Teylor formulasiga yoyishda foydalaniladi. Shunga doir misollar ko`ramiz.
Misol. Ushbu f(x)=e-3x funksiya uchun Makloren formulasini yozing.
Yechish. Bu funksiyaning Makloren formulasini yozish uchun f(0), f`(0),...,f(n)(0) larni topib, (3.10) formuladan foydalanish mumkin edi. Lekin f(x)=ex funksiyaning yoyilmasidan foydalanish ham mumkin. Buning uchun (4.1) formuladagi x ni -3x ga almashtiramiz, natijada
, 0formulaga ega bo`lamiz.
Misol. Ushbu f(x)=lnx funksiyani x0=1 nuqta atrofida Teylor formulasini yozing.
Yechish. Berilgan funksiyani Teylor formulasiga yoyish uchun f(x)=ln(1+x) funksiya uchun olingan (4.9) asosiy yoyilmadan foydalanamiz. Unda x ni x-1 ga almashtiramiz, natijada lnx=ln((x-1)+1) va
lnx= , 0< q <1
formulaga ega bo`lamiz. Bu formula x-1>-1 bo`lganda, ya`ni x>0 larda o`rinli.

Yüklə 0,58 Mb.

Dostları ilə paylaş:
1   2   3   4   5



Verilənlər bazası müəlliflik hüququ ilə müdafiə olunur ©azkurs.org 2024
rəhbərliyinə müraciət
gir | qeydiyyatdan keç
    Ana səhifə
Stomatologiya
Anesteziologiya
Cərrahlıq
Ginekologiya
Tibb

yükləyin